2. 考研
  3. 设函数f(x)在[一2，2]上二阶可导，且|f(x)|≤1，又f2(0)+[f’(0)]2=4．试证：在(一2，2)内至少存在一点ξ，使得f(ξ)+f”(ξ)=0．

设函数f(x)在[一2，2]上二阶可导，且|f(x)|≤1，又f2(0)+[f’(0)]2=4．试证：在(一2，2)内至少存在一点ξ，使得f(ξ)+f”(ξ)=0．

admin2019-08-06  69
问题 设函数f(x)在[一2，2]上二阶可导，且|f(x)|≤1，又f2(0)+[f’(0)]2=4．试证：在(一2，2)内至少存在一点ξ，使得f(ξ)+f”(ξ)=0．
选项
答案由拉格朗日中值定理有 f(0)一f(-2)=2f’(ξ1)，一2＜ξ1＜0， f(2)-f(0)=2f’(ξ2)，0＜ξ2＜2． 由|f(x)|≤1知|f’(ξ1)|=[*] 令φ(x)=f2(x)+[f’(x)]2，则有φ(ξ1)≤2，φ(ξ2)≤2． 因为φ(x)在[ξ1，ξ2]上连续，且φ(0)=4，设φ(x)在[ξ1，ξ2]上的最大值在点ξ∈(ξ1，ξ2)[*](一2，2)处取到，则φ(ξ)≥4，且φ在[ξ1，ξ2]上可导，由费马定理有φ’(ξ)=0，即 2f(ξ).f’(ξ)+2f’(ξ).f"(ξ)=0． 因为|f(x)|≤1，且φ(ξ)≥4，所以f’(ξ)≠0，于是有f(ξ)+f"(ξ)=0，ξ∈(一2，2)．
解析
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考研数学三

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